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2016"百度之星" - 测试赛 1003 IP聚合(Map存储)

2016-05-12

当今世界,网络已经无处不在了,小度熊由于犯了错误,当上了度度公司的网络管理员,他手上有大量的 IP列表,小度熊想知道在某个固定的子网掩码下,有多少个网络地址。网络地址等于子网掩码与 IP 地址按位进行与运算后的结果,例如:

题目链接:http://bestcoder.hdu.edu.cn/contests/contest_showproblem.php?cid=695&pid=1003

Accepts: 341
Submissions: 810
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)
Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others) Problem Description

当今世界,网络已经无处不在了,小度熊由于犯了错误,当上了度度公司的网络管理员,他手上有大量的 IP列表,小度熊想知道在某个固定的子网掩码下,有多少个网络地址。网络地址等于子网掩码与 IP 地址按位进行与运算后的结果,例如:

子网掩码:A.B.C.D

IP 地址:a.b.c.d

网络地址:(A&a).(B&b).(C&c).(D&d)

Input

第一行包含一个整数TT,(1 \leq T \leq 50)(1≤T≤50)代表测试数据的组数,

接下来TT组测试数据。每组测试数据包含若干行,

第一行两个正整数N(1 \leq N \leq 1000, 1 \leq M \leq 50),MN(1≤N≤1000,1≤M≤50),M。接下来NN行,每行一个字符串,代表一个 IP 地址,

再接下来MM行,每行一个字符串代表子网掩码。IP 地址和子网掩码均采用A.B.C.DA.B.C.D的形式,其中A,B,C,DA,B,C,D均为非负整数,且小于等于255。

Output

对于每组测试数据,输出两行:

第一行输出: "Case #i:" 。ii代表第ii组测试数据。

第二行输出测试数据的结果,对于每组数据中的每一个子网掩码,输出在此子网掩码下的网络地址的数量。

Sample Input
2
5 2
192.168.1.0
192.168.1.101
192.168.2.5
192.168.2.7
202.14.27.235
255.255.255.0
255.255.0.0
4 2
127.127.0.1
10.134.52.0
127.0.10.1
10.134.0.2
235.235.0.0
1.57.16.0
Sample Output
Case #1:
3
2
Case #2:
3
4
直接上代码。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <map>
#include <algorithm>

using namespace std;
const int N=1e5+5;
map<long long,int>V;

struct node
{
    int a,b,c,d;
} ip[N],sub[N],net[N];

int main()
{
    int t,ans,cas=1;
    long long q;
    scanf("%d",&t);
    while (t--)
    {
        //ans=0;
        memset(net,0,sizeof(net));
        int n,m;
        scanf("%d%d",&n,&m);
        for (int i=0; i<n; i++)
        {
            scanf("%d.%d.%d.%d",&ip[i].a,&ip[i].b,&ip[i].c,&ip[i].d);
        }
        for (int i=0; i<m; i++)
        {
            scanf("%d.%d.%d.%d",&sub[i].a,&sub[i].b,&sub[i].c,&sub[i].d);
        }

        printf("Case #%d:\n",cas++);
        for (int i=0; i<m; i++)
        {
            V.clear();
            int k=0;
            ans=0;
            for (int j=0; j<n; j++)
            {
                net[k].a=ip[j].a&sub[i].a;
                net[k].b=ip[j].b&sub[i].b;
                net[k].c=ip[j].c&sub[i].c;
                net[k].d=ip[j].d&sub[i].d;
                q=net[k].a*1000000000+net[k].b*1000000+net[k].c*1000+net[k].d;
                if (!V[q])
                {
                    ans++;
                    V[q]=1;
                }
                k++;
            }
            printf ("%d\n",ans);
        }
    }
    return 0;
}

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